Уравнение равновесия. Проекция скорости точки
13
Задача 1 Груз силой тяжести
G=350 Н удерживается тросом, перекинутым через блок А, ось которого укреплена на стержнях АВ и АС. Определить силы реакции в стержнях, если углы на рис.8.1 равны, соответственно: б=60є, в=15є, г=30є. Рисунок не выдержан в масштабе.Дано:G=350 Нб=60єв=15єг=30RA, RB - ?T=G, т.к. трение в блоке отсутствуетЗапишем уравнение равновесия для стержней. В качестве объекта равновесия примем точку А. Изобразим действующие на нее силы.УFx=0Tsin30-RCsin60-RBsin75=0УFy=0G+Tcos30-RBcos75-RCcos60=0Получили два уравнения с двумя неизвестными. Для упрощения процесса решения подставим числовее значения известных величин.350sin30-RСsin60-RBsin75=-175-0,866RС-0.966RB=049,6-0,259RB-0.5 (-202,1-1,1RB) =51,9+0,291RB=0RB=-51,9/0.291=-178,35 НRC=-202,1-1,1 (-178,35) =-5,92 НЗнак "-" указывает на то, что силы направлены в сторону противоположную указанной на схеме.Ответ: RB=-178,35 НRC=-5,92 Н
Задача 2По заданному графику проекции скорости точки, движущейся прямолинейно, построить графики ее перемещения и ускорения. Какой путь прошла точка? На каком максимальном расстоянии от исходного положения она находилась в процессе движения? На каком расстоянии от исходного положения она находится в конце движения?Для построения графиков перемещения и ускорения необходимо записать уравнения скорости на каждом участке представленного графика.Участок 1. t от 0 до 10 сV1=const=10 м/сУчасток 2. t от 10 до 20 сV2=2t-10Участок 3. t от 20 до 30 сV3=const=30 м/сУчасток 4. t от 30 до 40 сV4=120-3t м/сДля построения графиков перемещений проинтегрируем уравнения полученные вышеНайдем константу С. S (0) =0=10·0+C > C=0, S1=10tS1 (10) =10·10=100S2 (10) =102-10·10+C > C=100S2 (20) =202-20·10+100=300S3 (20) =20·30+C=300 > C=-300S3 (30) =30·30-300=600S4 (30) =120·3-302+C=600 > C=-1590Для построения графиков ускорений продифференцируем уравнения скоростей на разных участкахa1=a2=2 м/с2a3=0a4=-3 м/с2График зависимости перемещения от времени м/с2График зависимости ускорения от времениПуть пройденный точкой численно равен площади под графиком зависимости скорости от времениS=10·10+ (10·10+0,5·10·20) +10·30+0,5·10·30=750 vВ данном случае максимальное расстояние от исходного положения составит 750 м, точка в конце движения будет находится также на расстоянии 750 м.Задача 8.3 В механизме качающегося грохота (рис.8.3) определить угловую скорость кривошипа О2В=3r и скорость ползуна D при вертикальном положении кривошипа O1A, если АВ=CD=2r. Отношение BC/CO2=3/5, угловая скорость кривошипа О1А равна щ=6 рад/с, углы б=60є, в=45є. Длина кривошипа O1A равна r=0.1м.Дано:O1A=r=0,1 мAB=CD=2r=0,2 мO2B=3r=0,3 мщOA1=6 рад/сб=60єв=45єщO2B, VD - ?Построим положение механизма в соответствии с данными условиями задачи.Для определения необходимых нам скоростей необходимо провести ряд промежуточных вычислений.Определим скорость VAVA=щO1A·r/2=6·0,1=0,6 м. с (VA+O1A)Скорость VA определяем с помощью теоремы о проекциях скоростей двух точек тела (стержня АВ) на прямую соединяющую эти точки (прямая АВ).VA=VBcos30 > VB=0.6/cos30=0,69 м/c2Построим мгновенный центр скоростей (МЦС) - точка лежащая на пересечении перпендикуляров к векторам VA и VBщO2B= рад/сОпределяем VD. Точка D принадлежит одновременно ползуну, движущемуся вдоль направляющих поступательно и стержню CD. Поэтому чтобы найти ее скорость достаточно знать скорость какой-нибудь другой точки этого стержня и направление VD.Величину VC найдем из пропорцииVC= (VC+СМЦС)Скорость VD определяем с помощью теоремы о проекциях скоростей двух точек тела (стержня CD) на прямую соединяющую эти точки (прямая CD).VDcos45=VCcos15 > VD=0,5·cos15/cos45=0,68 м/c2Ответ: щO2B= рад/с; VD=0,68 м/c2
Задача 3 Доска длиной
l=6м, свободно положенная на две разновысокие опоры А и В, получив начальную скорость v
0=0.5м/с, соскальзывает с опор вниз. Упадет ли доска с них, если коэффициент трения между доской и опорами
f=0.6, а размеры на рис.8.4:
a=0.3l, b=0.5l, h=0.14l.Дано:l=6мv0=0.5м/сf=0.6a=0.3lb=0.5lh=0.14ls - ?Запишем сразу уравнение равновесия для доски находящейся в покоеУ
Fx=0-
FтрА+
Qcosб-
FтрB=0
FтрА=
FтрВ=
f·
N=
f·
Qsinб (Ra=Rb=N)отсюда
Qcosб-2
f·Qsinб=0Запишем 3-й закон Ньютона для доски начавшей движение
m=mg (cosб-2
fsinб)=g (cosб-2
fsinб)Проинтегрируем полученное уравнение=Vx=g (cosб-2
fsinб) t+C1
x=
g (cosб-2
fsinб) t+C1t+C2Найдем неизвестные cosб и sinбsin2б+cos2б=1Найдем постоянные С1 и С2При t=0 Vx (0) =0.5 м/с > С1=0,5При t=0 x (0) =0 > С2=0Окончательно уравнение движения доски примет видV=9.8 (0.28-2·0.6·0.96) t+0,5=-8,55t+0,5x=-4.27t2+0.5tНайдем время, когда доска остановитсяV=0 > t=0.5/8.55=0.06 cПуть пройденный доской за это времяx=-4.27·0.062+0.5·0.06=0.015 мДля того чтобы доска упала она должна пройти путь равный длине его верхней части а=0,3·6=1,8 м. В нашем случае это не происходит, следовательно доска не упадет.
Задача 4На однородной балке массой m=3т (рис.8.5) установлена лебедка силой тяжести G=25кН, поднимающая на тросе, наматывающемся на барабан
d=0.1l, груз силой тяжести Q=12кН с ускорением а=3м/с2. Определить нагрузки на опоры А и В, если
b=0.4l, c=0.2l. Массу троса не учитывать.Дано:m=3тG=25кН
d=0.1lQ=12кНа=3м/с2
b=0.4lc=0.2lRA, RB - ?Запишем уравнения равновесияУ
Fx=0 RAx=0У
Fy=0 RAy-G-Q--Mg+RBy=0У
MA=0 -Gb-Qz-где Получили два уравнения с двумя неизвестными, найдем искомые реакцииRBy= кНRAy=G+Q+25+12+3.67-23=17,67 кНОтвет: RBy=23 кН, RAy=17,67 кН